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2014年高考物理模拟试题(1)(含解析)——强烈推荐

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2014 年高考物理模拟试题(一)
一、选择题(本大题共 10 小题,共 45 分.第 1~5 题为单选题,每题 4 分;第 6~10 题为多选题,每题 5 分,全部选对的得 5 分,选对但不全的得 3 分,有选 错或不答的得 0 分)
1. 有一弧形的轨道,如图所示,现取两个完全相同的物块分别置于 A、B 两点处于静止状 态,则关于下列分析正确的是( )

A.物块在 A 点受到的支持力大 B.物块在 A 点受到的摩擦力大 C.物块在 A 点受到的合外力大 D.将物块放在 B 点上方的 C 点,则物块一定会滑动 2. 2013 年 6 月 20 日,宁波宁海桃源街道隔水洋村发生惊险一幕,一名两岁女童从 5 楼窗台 突然坠落。但幸运的是,楼下顺丰快递员高高举起双手接住了孩子,孩子安然无恙。假设从 5 楼窗台到接住女童的位置高度差为 h =20m, 快递员接住女童的整个过程时间约为 0.2s, 经 缓冲后女童最终以 5m / s 的速度着地, 女童的质量为 m=25kg, 则 (忽略空气阻力, g 取 10m/s2) ( ) A.女童接触快递员手臂时的速度大小为 40m/s B.女童自由下落时间约为 4s C.快递员手臂受到的平均冲击力大小约为 2125N D.在接住女童的过程中,女童处于失重状态 3. 如图所示,一铁球用细线悬挂于天花板上,静止垂在桌子的边缘,悬线穿过一光盘的中 间孔,手推光盘在桌面上平移,光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度 v 匀速运动,当 光盘由 A 位置运动到图中虚线所示的 B 位置时, 悬线与竖直方向的夹角为 θ, 此时铁球 ( )

A.竖直方向速度大小为 vcos θ
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B.竖直方向速度大小为 vsinθ C.竖直方向速度大小为 vtanθ D. 相对于地面速度大小为 v 4. 2013 年 6 月,我国成功实现目标飞行器“神州十号”与轨道空间站“天宫一号”的 对接.如图所示,已知“神舟十号”从捕获“天宫一号”到两个飞行器实现刚性对接用时为 t,这 段时间内组合体绕地球转过的角度为 ? ,地球半径为 R ,组合体离地面的高度为 H,万有引 力常量为 G,据以上信息可求地球的质量为( )

A.

( R ? H )3? 2 4? Gt 2 ( R ? H )3? 2 Gt 2

B.

? 2 ( R ? H )3? 2
Gt 2

C.

D.

4? 2 ( R ? H )3? 2 Gt 2

5.如右图所示一等腰直角三角形中存在垂直于纸面向里的匀强磁场,三角形腰长为 2L,一个 边长为 L 的导线框 ABCD 自右向左匀速通过该区域,则回路中 A、C 两点电势差 UAC 随时 间的变化关系图象应为 ( )

6. 如图所示,真空中有两个等量异种电荷,0O’为两电荷连线的垂直平分线,P 点在垂直平 分线上,四边形 OMNP 为菱形,现在将一个负电荷 q,自 0 点开始沿 OMNP 移动,则 下 列说法错误的是( )

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P N O M

O’ A.由 0 到 N 的过程中电荷电势能减少 B.由 N 到 P 的过程中电场力做负功 C.P 点与 O 点电势相等 D.N 点和 M 点场强相同 7. 如图所示,2013 年 2 月 15 日,一颗陨星坠落俄罗斯中西部地区,造成数百人 受伤。在影响最严重的车里雅宾斯克州,爆炸造成玻璃窗破碎和人员受伤。忽略陨星的质量 变化,在陨星靠近地球的过程中, 下列说法正确的是( )

A. 陨星的重力势能随时间增加均匀减小 B.陨星与地球组成的系统机械能不守恒 C. 陨星减少的重力势能等于陨星增加的内能 D.陨星的机械能不断减小 8. 如图所示,电压表看作理想电表,电源电动势为 E,内阻为 r,闭合开关 S,当滑动变阻 器的滑片由左端向右端滑动时(灯丝电阻不变) ,下列说法正确的是( )

A.电容器带电量减小 B.电压表读数变大 C.灯泡 L2 变亮 D.灯泡 L1 变暗 9. 如图所示,在竖直向下的匀强磁场中有一光滑的绝缘四分之一圆轨道,一重为 G 的金属 棒 MN 垂直于轨道横截面水平放置,在导线中通入电流 I,使导线在安培力的作用下以恒定
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的速率 v 从 A 点运动到 C 点,设杆所在位置的轨道半径与竖直方向的夹角为 ? ,安培力的 瞬时功率为 P,则从 A 到 C 的过程中,下列有关说法正确的是( )

A.电流方向从 M 指向 N B. I ? cot ? C. P? cos ? D. P? sin ? 10. 如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为 11∶2,原线圈两端的输入正弦交流电压

u ? 220 2 sin 100 ?t (V) ,副线圈所接电压表为理想电压表,定值电阻 R0=10Ω,滑动变
阻器 R 的阻值变化范围为 0~20Ω.下列说法正确的是( )

~u A.电压表的示数为 40 V B.副线圈输出电压的频率为 50Hz

V

R Ro

C.滑动变阻器 R 消耗功率的最大值为 40W D.滑动变阻器滑片向下移动,变压器的输出功率不变

二、实验探究题(共15分)
11.(6 分)某学习小组采用如图甲所示的实验装置验证动能定理,小车运动过程中所受的阻 力 Ff 已知,试验中,在小桶中加入适当砝码使小车做匀加速运动,打点计时器打出的纸带 如图乙所示, 通过正确的方法测出纸带上 1,2 两点的速度为 v1 ,v 2 , 1,2 两点间的距离为 L、 小车的质量为 m0 及小桶和砝码的总质量 m 后,某同学按如下思路验证动能定理:以小车为 研究对象,它的合外力的功为 W合 =mgL ? Ff L ,动能增加量为 ?Ek ? 较两者的大小即可形成验证结论。

1 m0 (v 2 2 ? v 21 ) ,比 2

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(1) 实验中备有下列器材:A.打点计时器;B.天平;C.秒表;D.低压交流电源; E.电池;F.纸带;G.细线、砝码、小车、小桶;H 薄木板 在这些器材中你认为其中多余的器材是 ,还缺少的器材是 。

( 2 ) 经 过 多 次 实 验 , 发 现 W合 总 是 大 于 ?Ek , 你 认 为 产 生 这 种 误 差 的 主 要 原 因 是 。

12.(9 分)某实验小组为尝试用“附加电阻法”测量一未知电阻 Rx,其电路设计如下图所示

(1)其实验步骤为: a.按电路图将器材连接好,其中 R1 为附加的定值电阻, Rx 为待测电阻; b.S2 断开, 闭合 S1, 调节变阻器 R, 使电流表、 电压表都有一个适当读数, 记下两表读数 I1、 U1; c.保持变阻器 R 不变,再闭合 S2,记下 d.待测电阻 Rx= 试分析一下 次有明显不同,试简述其误差成因 . 。 ;

(2)实验小组中一同学认为若最终结果中减去电流表内阻 RA 可使结果更精确,这种说法对吗? (3)实验中,尝试更换几个不同阻值的 R1 进行实验,发现若 R1 过大,其实验结果与前几

三、计算题(共 30 分.要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题, 答案中必须明确写出数值和单位)
13. (8 分)伽利略被誉为“经典物理学的奠基人”,他认为将 A、B 两个斜面对接起来,让 小球沿斜面 A 从静止滚下,小球滚上另一斜面 B。如果无摩擦,无论斜面 B 比斜面 A 陡些 还是缓些,小球最后总会在斜面 B 上的某点速度变为零,这点据斜面底端的竖直高度与它 出发时的高度相同。如图所示,设起点为 P,终点为 q,已知 ? ? 450 , ? ? 30 ,试求:
0

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(1)小球在 A、B 两斜面上运动的加速度大小之比; (2)小球从 P 到 q 的过程中,在 A、B 两斜面上运动的时间之比。 14.(9 分) 如图所示,光滑圆弧轨道由两个半径为 R 的四分之一圆弧组成,轨道底端与顶端 切线水平且固定在水平木板上。 一质量为 m 的小球以初速度 v0 ? 20gR 滑入轨道, 离开轨 道落到木板上后不反弹,继续沿木板滑动,小球与木板间的动摩擦因数 ? ? 0.2 ,重力加速 度大小为 g ,试求:

(1)小球到达轨道顶端时对轨道的压力大小; (2)小球从滑入轨道到停下来的总位移大小。

15. (13 分) 如图甲所示, 在平面直角坐标系 xOy 内存在着随时间相互交替变化的磁场和电场. 磁场和电场的大小随时间周期性变化、方向不变,其变化规律分别如图乙、丙所示(规定垂 直纸面向里为磁感应强度的正方向、沿 y 轴正方向电场强度为正).在 t=0 时刻由原点 O 发 射初速度大小为 v0, 方向沿 y 轴正方向的带负电粒子.已知 v0、 t0、 B0, 粒子的比荷 不计重力,求:

q ? , ? m B0 t 0

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B y B0

0 O x E E0 甲 0

t0

2t0 乙

3t0

4t0

5t0

t

t0

2t0

3t0 丙

4t0

5t0

t

(1)t=

t0 时,求粒子的位置坐标; 2

(2)若 t= 5t 0 时粒子回到原点, 0 ~ 5t 0 时间内粒子距 x 轴的最大距离; (3)若粒子能够回到原点,求满足条件的所有 E0 值.

四、选做题(共 20 分.请考生从给出的 3 道题中任选一题作答。如果多做,则 按所做的第一题计分)
16.[物理——选修3-3](10分) (1) (4 分)以下关于分子力的说法,正确的是 .(选对一个给 2 分,选对两个给 3 分,选对 3 个给 4 分.每选错一个扣 2 分,最低得分为 0 分) A.分子间的距离增大则分子间的斥力与引力均减小 B.气体分子之间总没有分子力的作用 C.液体难于压缩表明液体中分子总是引力 D.当分子间表现为引力时,随分子间距离增大分子间势能增大 E.当分子间的引力与斥力大小相等时分子间势能最小 (2) (6 分)有一种方便旅游时携带的运动水壶,它可以充分压缩、折叠。甲图是它的实物 图。乙图是它的使用原理图。需要使用的时候,首先将其向水壶口一边推动,形成一个类半 圆形物体,然后再拉动水壶底部拉环,把另一个藏起来的半圆往外拽。这样,压缩的水壶就 充分膨胀起来,可以装载液体了,这款伸缩水壶在旅行时携带十分方便,能减轻不少行李的 压力。如果此水壶的容积为 2L,在通过拉环使其膨起过程中,里面充入 1.0 atm 的 1.6L 空 气时,将水壶口拧紧。求:

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①水壶内部的气体分子数; ②当拉环完全拉开,水壶恢复正常形状时,内部空气的压强多大。

17.[物理——选修 3-4](10 分) (1) (4 分)一列横波在某介质中沿 x 轴传播,如图甲所示为 t ? 0.75 s 时的波形图,如图 乙所示为 x ? 1.5m 处的质点 P 的振动图象,则下列说法正确的是 .(选对一个给 2 分,选对两个给 3 分,选对 3 个给 4 分.每选错一个扣 2 分,最低得分为 0 分)

A.图甲中质点 N 速度方向沿 y 轴正方向 B.图甲中质点 M 的速度与加速度均为零 C.再经过 t ? 0.5s 质点 L 与质点 N 位移相同 D.再经过 t ? 1.75s 质点 P 第一次到达波峰 E.该波在传播的过程中,遇到宽度为 1m 的障碍物能发生明显的衍射现象 (2)(6 分)如图所示,有一圆柱形容器,底面半径为 R ,在底面的中心 O 处有一红色点光 源 S ,它发出的红光经时间 t 可以传到容器的边缘 P 。若容器内倒满某液体, S 发出的红光 经时间 2t 可以传到容器的边缘 P ,且恰好在 P 点发生全反射。求:

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①该液体的折射率; ②容器的高度。

18.[物理——选修 3-5](10 分) (1) (4 分) 2012 年 11 月 23 日上午, 舰载机歼-15 在我国首艘航母“辽宁航”上成功起降. 可 控核反应堆是驱动航空母舰的理想设备, 其工作原理是利用重核裂变反应释放出大量核能获
143 89 得动力. 235 92 U ? n ? 56 Ba ? 36 Kr ? yX 是若干核反应的一种,其中 n 为中子,X 为待求粒

子, y 为 X 的个数,则 X 是

(选填“质子”、“中子”或“电子”) ,y=



(2)(6 分)如图所示,光滑水平面上木块 A 的质量 mA=1 kg,木块 B 质量 mB=4 kg,质 量为 mC=2 kg 的木块 C 置于足够长的木块 B 上,B、C 之间用一轻弹簧相拴接并且接触面 光滑. 开始时 B、 C 静止, A 以 v0=10 m/s 的初速度向右运动, 与 B 碰撞后 B 的速度为 3.5 m/s, 碰撞时间极短.求:

①A、B 碰撞后 A 的速度; ②弹簧第一次恢复原长时 C 的速度.

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参考答案与解析
1.A 解析:假设 A 点和 B 点所在位置的斜面倾角分别为 θ1 和 θ2,则 θ1<θ2,因为物块静止 在倾角为 θ 的斜面上时共受到三个力的作用:竖直向下的重力 mg、垂直斜面向上的支持力 N 和平行于斜面向上的静摩擦力 f,三力平衡,所以 N=mgcosθ,f=mgsinθ,因为 θ1<θ2,所 以 mgcosθ1>mgcosθ2,mgsinθ1<mgsinθ2,即 N1>N2,f1<f2,选项 A 正确,B 错误;物块 在两个位置均处于静止状态,合外力均为零,选项 C 错误;将物块放在 B 点上方的 C 点, 物块的最大静摩擦力可能仍然大于物块重力的分力,此时物块静止,D 错误。 2.C 解析:由运动规律可得,女童下落到快递员手臂处的速度,由 v2=2gh 解得 v=20m/s, 选 项 A 错 误 ; 女 童 的 下 落 时 间 t1=v/g=2s , 选 项 B 项 错 误 ; 由 动 量 定 理 可 得 :

F ? mg ? ma ? m

?v ,解得 F ? 2125 N ,C 正确;在接住女童的过程中,女童加速度方 ?t

向向上,处于超重状态,D 错误。 3.B 解析:光盘的速度是水平向右的,将该速度沿绳和垂直与绳分解,如图所示,沿绳方 向的分量 v ? ? v sin ? ,这就是桌面以上绳子变长的速度,也等于小球上升的速度,B 正确。

θ

θ

v

v?
4. C 解析:组合体在圆轨道运行的周期

T?

2?

?

?t

,根据万有引力定律和牛顿定律得

G

,所以 ( R ? H )3? 2 ,C 项正确。 Mm 2? 2 M ? ? m ( ) ( R ? H ) Gt 2 ( R ? H )2 T

5.B 解析:0~L 阶段,AB 边切割磁感线且感应电动势不断变大,电流变大,UAC 为负值且 不断变大,L~2L 阶段,AB 边与 CD 边同时切割磁感线,感应电动势不断减小,UAC 为负值 且不断变小,2L~3L 阶段,CD 边切割磁感线,电流反向,感应电动势不变,UAC 为正值, 正确选项为 B。 6. ABC 解析:由将负电荷由 O 移动到 N 的过程中电场力做正功,电势能减少,A 对;由 N 到 P 电场力做负功,B 对;P 点与 0 点位于同一个等势面,电势相等,N 点与 M 点关于 中垂线对称,其场强大小相等,方向不同,故 D 错。 7.BD 解析:由于陨星做非匀变速运动,故陨星的重力势能随时间增加并不是均匀减小,A 错误;除重力之外有空气阻力做负功,由功能关系可得陨星的机械能减小,B、D 正确;由 能量守恒与转化可得陨星减少的重力势能部分转化为陨星的动能与内能,C 错误。 8.AB 解析:将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时,变阻器接入电路的电阻增大,变阻
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器与灯 L1 并联的电阻增大,外电路总电阻增大,路端电压增大,电压表的读数变大,B 错 误;由闭合电路欧姆定律可知,流过电源的电流减小,灯泡 L2 变暗,C 错误;电压表 V2 读 数变小.灯泡 L1 的电压 U1=E-I(r+RL2)增大,灯泡 L1 变亮,D 错误;由于电容器两端电 压减小,由 Q ? CU 可得电容器两端电压减小,A 正确。 9.AD 解析:由于导线以恒定的速率 v 从 A 点运动到 C 点,受力分析可得安培力沿圆弧切 向的分力平衡了重力沿圆弧切向的分力,安培力方向水平向左,故电流方向方向由 M 指向 N, A 选项错误; 在 A 点受力分析得:G sin ? ? F cos ? ? BIL cos ? , 解得:I ?

G tan ? , BL

I? tan ? ,安培力的功率: P ? Fv cos? ? mg sin ? v ,故 P? sin ? ,B、C 错误,D 正确.
10.ABC 解析:电压表的示数指的是有效值,据变压器变比关系

U1 n1 ? 得 U2=40V,A 项 U 2 n2

?t (V)得变压器原、副线圈电压的频率均为 50Hz,B 项正确; 正确; 据 u ? 220 2 sin 100
将定值电阻 R0 看成副线圈电源的内阻, 当滑动变阻器 R 的阻值等于定值电阻 R0 时消耗的功 率最大,此时电流 I=

U2 40 A=2A,滑动变阻器 R 消耗的功率为 I2R=40W,C 项正 ? 2 R0 10 ? 10

U2 确;滑动变阻器滑片向下移动,负载电阻变小,但输出电压不变,由 P ? 可知,变压器 R
的输出功率变大,D 项错误. 11.(1)秒表、电池、薄木板 刻度尺、打点计时器 (2) 小桶和砝码的总重力 mg 大于轻细绳的拉力 FT 解析: (1)本实验是用打点计时器打出来的点计时,所以不用秒表,而用打点计时器需低压 交流电源,故不用电池,阻力已提前测出,所以也不用薄木板,纸带打出后,测小车运动的 距离需要刻度尺。 (2)以小车为研究对象,小桶和砝码的总重力大于轻细绳的拉力 FT ,故实际上小车的合外 力小于 mg ? Ff 。 12.(1)两表的读数 I2、U2 U1 U2 Rx= - I1 I2

U1 U2 (2) = R1+RA+Rx, = R1+RA ,二者做差时已经将电流表内阻的影响消去,故无需再减 I1 I2 去电流表内电阻。 (3)若 R1 过大,则闭合 S2 后电压表读数基本不变,而电流表将维持一个极小的数值,测 量读数误差明显。 解析: (1) 闭合 S1, 记下两表读数 I1、 U1, 据部分电路的欧姆定律可求 R1+RA+Rx; 闭合 S1,
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U1 U2 S2 ,Rx 被短路可求 R1+RA,两式联立可求 Rx; = R1+RA+Rx, = R1+RA,两式联立可求 I1 I2 U1 U2 Rx= - ; I1 I2 13.(1) 2 :1; (2) 1: 2 解析: (1)由牛顿第二运动定律可得: mg sin ? ? maA

mg sin ? ? maB


aA sin ? ? ? 2 :1 aB sin ?
h 1 ? a At 2 A sin ? 2

(2)由匀变速直线运动规律公式可得: s A ? 同理可得 sB ?

h 1 ? aB t 2 B sin ? 2

解得:

t A sin ? ? ? 1: 2 tB sin ?
(2) 50 R

14.(1) 15mg

解析: (1)设小球到达轨道最高点时的速度大小为 v1 ,根据机械能守恒定律有:

1 2 1 mv 0 ? mg 2 R ? mv 21 2 2
由牛顿第二运动定律可得: FN ? mg ? m 解得: FN ? 15mg

v 21 R

? ? FN ? 15mg 由牛顿第三运动定律可得小球对轨道的压力大小: FN
(2)设小球做平抛运动的水平位移为 x1 ,则

2R ?

1 2 gt 2 x1 ? v1t 1 2

小球落在木板上后,竖直方向的速度消失,水平速度大小为 v1 v1,根据动能定理:

? mgx2 ? mv12
所以小球从滑入轨道到停下来的总位移为: x ? x1 ? x2 ? 2R ? 50R 15.(1)(

v0 t 0 v0 t 0 v0 B0 3 2 , );(2) ( ? )v0t0 ;(3) Eo ? 2 ? ? ? n?

(n=1,2,3,…)

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解析:(1)粒子做圆周运动的周期 T ?

2?m ? 2t 0 qB

则在 0 ?

t0 ? 内转过的圆心角 ? ? 2 2

由牛顿第二定律 qv0B0=mv2/r1 解得: r1 ?

m v0 v0 t 0 ? qB0 ?

则 t=

v0 t 0 v0 t 0 t0 , 时粒子的位置坐标:( ) 2 ? ?

(2)粒子 t= 5t 0 时回到原点,轨迹如图所示,由图可知: r2 ? 2r1 而 r1 ?

m v0 qB0

r2 ?

m v2 qB0

y r1 O
1

代入

2v 0 t 0 q ? 得: r2 ? ? ? m B0 t 0

x

O
2

粒子在 t0-2t0 时间内做匀加速直线运动,2t0-3t0 时间内做匀速圆周 运动,则: hmax ?

r2

v0 ? 2v0 3 2 t 0 ? r2 ? ( ? )v0 t 0 2 2 ?

(3)如图所示,设带电粒子在 x 轴上方做圆周运动的轨道半径为 r1,在 x 轴下方做圆周运 动的轨道半径为 r2, 由几何关系可知, 要使粒子经过原点, 则必须满足 n(2r2 ? 2r1 ) ? 2r1 (n=1,2,3,…) 而 r1 ? y

m v0 qB0

, r2 ?

mv qB0

O1 Or 22

x

n ?1 v0 联立以上解得 v ? n
又由于: v ? v0 ?

E0 qt0 m
(n=1,2,3,…)

解得: Eo ?

v0 B0 n?

16.(1)ADE 解析:随分子间距离增大,分子间引力与斥力均减小,A 正确;压缩气体分 子,当分子间距离足够小时,气体分子之间表现出作用力,B 错误;液体难于压缩是液体分 子间斥力的宏观表现,C 错误;当分子间表现为引力时,随分子间距离增大分子力做负功, 分子间势能增大,D 正确;当分子间的引力与斥力大小相等时分子间势能最小,E 正确.
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(2)①气体分子的数目为: N ?

V NA VM

N?

1.6 ? 6.02 ?1023 ? 4.3 ?1022 22.4

②气体初态压强为: P 1 ? 1.0atm ,体积为 V 1 ? 1.0atm ;末态: P 2 ,体积为 V2 ? 2L 由于气体作等温变化,由玻意耳定律可得: P 1 ? P 1V 2 V2 解得: P 2 ? 0.8atm 17. (1)ADE 解析:由振动图象可知质点 P 在 t ? 0.75 s 时沿 y 轴负 方向运动,结合上下 坡法可得该波沿 x 轴负方向运动,故图甲中 N 点速度方向沿 y 轴正方向,A 正确;图甲中质 点 M 的速度为零,加速度最大, B 错误;再经过 t ? 0.5s 质点 L 与质点 N 分别位于波谷与 波峰,C 错误;P 点距离最近的波峰: ?x ? 3.5m ,波速 v ? 时间为: ?t ? 正确。 (2)解析:①设 OP 之间的距离为 l ,光在空气中的传播速度为 c ,光在该液体中的传播速 度为 v ,则有: d ? ct , d ? 2vt 液体的折射率 n ? 所以 n ? 2 ②如图所示,光线在 P 处恰好发生全反射时,入射角设为 C ,则有: sin C ? 所以 C ? 30? 故: h ?

?
T

? 2m / s ,故传播到 P 点的

?x ? 1.75s ,D 正确;波长大于障碍物的线度时可发生明显的衍射现象,E v

c v

1 1 ? n 2

R ? 3R tan 30?

18.(1)中子 2 解析:由电荷数守恒可得 X 的电荷数为 0,故 X 为中子,由质量数守恒可得 y =2. (2)【解析】 (1)因碰撞时间极短,A、B 碰撞时,C 的速度为零, 由动量守恒定律得 mAv0=mAvA+mBvB mAv0-mBvB vA= =-4 m/s,方向与 A 初速度方向相反. mA
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(2)第一次恢复原长,弹簧的弹性势能为零 设此时 B 的速度为 vB′,C 的速度为 vC mBvB=mBvB′+mCvC 1 1 1 m v 2= m v ′2+ mCvC2 2 B B 2 B B 2 2mB 得 vC= v =4.7m/s. mB+mC B

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