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《计算机通信与网络》试卷(B)评分标准


山东财政学院 2005-2006 学年第一学期 《计算机通信与网络》试卷 B 参考答案及评分标准
考试方式: 闭卷 (开卷、闭卷、其他)

开课学院 计算机信息工程学院 使用年级 2003 级计算机专业出题教师 杨孔雨 ……………………………………………………………………………………………..
注:标准答案、参考答案要点及评分标准须写清题号

、每小题得分、共得分等。 此格式为题头,如本页不够,后面请附相同规格(A4)的纸张。

……………………………………………………………………………………………..

一、填空: (30分,

每空1分)

1、计算机技术、通信技术 2、带宽为100Mbps、基带通信、传输介质为双绞线 3、调制解调器、编码解码器 4、报文交换、分组交换 5、调幅、调频、调相 6、检错码、纠错码 7、111 8、并—串数据转换功能、数据缓冲区 9、差错控制、流量控制、顺序控制 10、CSMA/CD、Tonken-Ring(或Tonken-BUS) 11、电子邮件、文件传输、远程登录、WWW(任填三项) 12、4000、28000bps 13、1、1、1

二、选择题: (每题1分,

共20分)

1.A 2.A 3. B 4. D 5. A 6. C 7. A 8. B 9. C 10. A 11. D 12. C 13. C 14. B 15. B 16. A、B 17. C 18. A、B、C 19.B、E、A、G、C、D、F (顺序不能错) 20. B、C

三、应用题(共20分)
1. (6分)数据脉冲如图,试画出曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的图形。 评分标准:每图 3 分,局部画错可扣减 1 分。 答:图形如下: (1)数据脉冲图: 0 0 1 0 0 1 1 0 1

(2)曼彻斯特编码: (3 分)

(3)差分曼彻斯特编码: (3 分)

2. (7分)画出ISO’OSI/RM的网络体系结构的分层模型。指出下四层传输的信息单位。 答: (1)ISO’OSI/RM的网络体系结构的分层模型如下图所示。(5分)

(2)下四层传输的信息单位分别是(2分): 物理层为比特流(或bits), 链路层为数据帧(或Frame), 网络层为数据分组(或Packet), 传输层为报文(或Message)。 3. (7分)简述ATM技术的基本原理,并简述交换信元的数据结构。 答: (1)ATM 基本原理:(4 分) ATM 是一种转换模式,在这一模式中,信息被组织成信元,而包含一段信息的信元并不需要周期 性的出现,这种转换模式是异步的。它进一步简化了网络的功能,ATM 网络不参与任何数据连路层 功能,将差错控制,流量控制工作都交给终端去作。能够适应任何类型的业务,不论其速度高低, 突发性大小,实时性要求何质量要求如何,都能提供满意的服务。

(2)信元的数据结构:(3 分) 信元实质就是分组,其结构如下: 5 个字节 信头 48 个字节 信息段

它由信头和信息段组成。信头中装配有控制信息,占5个字节;信息段中装配有被分解成数据块 的用户信息或其它管理信息

四、计算题:(共20分)
1.设信息码为101,采用生成多项式G(X)=X +X +X +X+1,生成的循环码是什么?(请列出算式)(7 。 分) 解: (1 分)G(x)对应的代码为 11111,可产生 4 为冗余代码; (1) (2) 分)在信息码 101 后面加 4 个 0,除以生成多项式代码 11111, (5
4 3 2

11111

111 1010000 11111 10110 11111 10010 11111 1101

(3) 分)生成的余数接在信息码后面即得到循环码为 1011101。 (1 2.在一分钟内需要传输3600个汉字(双字节)所用的调制解调器(设无校验,一位停止位)至少应 采用多大的数据传输速率?(6分) 解: (1)(2分)由已知可得调制解调器(无校验,一位停止位)每传输一个字节所需总位数为: 8+1+1=10bit(有效字符8位加1位起始位和1位停止位) ; (2) (2分)每个汉字为双字节共需传2×10=20bit; (3) (2分)所以,在一分钟(60s)内传输3600个汉字需要的数据传输速率为: (3600×20bit)/60s =1200b/s. 3.四相调制解调器采用 T=833X10 秒的单位脉冲,则其数据传输率应为多少?调制速率应为多少? 它能满足的最大声音数据频率是多少(设有 8 个量化级)?(7 分) 解: (1)数据传输速率为: 分) (2 L S=H×LOG2 =1/T×LOG24 = 1/ 833X10-6×LOG24 =1200×2 =2400(bps) (2)调制速率应为: 分) (2 V B=H×LOG2 =1/T×LOG22
-6

= 1/ 833X10-6×LOG22 =1200×1 =1200(波特) (3)最大声音数据频率为: 分) (3

F=S/(LOG2V×2) =2400/(LOG28×2) =400(Hz)
五、综合分析设计(10分) 根据所学网络知识,结合新型网络技术改造下列网络,使网络服务器和数据库服务器享有更高 的通信带宽,又尽量保护用户现有设备投资,并简述这样改造的理由。 (提示:可引入交换式集线器) File Server DB Server

Ethernet HUB WS WS WS Work Group1

Work Group2 答案要点: 1) (4分) 引入交换式集线器(或称交换机Switch),将网络服务器和数据库服务器独立连在交换机的 100Mb/s端口, 将原来的Work Group2所在小组不动, 直接连在交换机的100Mb/s端口, Work Group1 通过HUB也直接连在交换机的100Mb/s端口上。 2) (3分)绘出改造后的拓扑结构图: (以交换为中心的二级星型结构,图略) 3) (3分)列出改造后的设备清单: 原有:网络服务器:2台 客户机(工作站) :7台 网卡:9块 HUB(4口) :1台 新增:交换式集线器(或称交换机Switch):1台(支持10M/100M两种端口) HUB(4口) :1台 双绞线:9段100米3类(或5类)线。


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