当前位置:首页 >> 理化生 >>

高中物理传送带问题


高中物理传送带问题
一、难点形成的原因: 1、对于物体与传送带之间是否存在摩擦力、是滑动摩擦力还是静摩擦力、摩擦力的方向如 何,等等,这些关于摩擦力的产生条件、方向的判断等基础知识模糊不清; 2、对于物体相对地面、相对传送带分别做什么样的运动,判断错误; 3、对于物体在传送带上运动过程中的能量转化情况考虑不全面,出现能量转化不守恒的错 误过程。 二、难点突破策略: (1

)突破难点 1 在以上三个难点中, 1 个难点应属于易错点, 第 突破方法是先让学生正确理解摩擦力产生的 条件、方向的判断方法、大小的决定因素等等。通过对不同类型题目的分析练习,让学生做 到准确灵活地分析摩擦力的有无、大小和方向。 摩擦力的产生条件是:第一,物体间相互接触、挤压; 第二,接触面不光滑; 第三,物体 间有相对运动趋势或相对运动。 前两个产生条件对于学生来说没有困难, 第三个条件就比较容易出问题了。 若物体是轻轻地 放在了匀速运动的传送带上, 那么物体一定要和传送带之间产生相对滑动, 物体和传送带一 定同时受到方向相反的滑动摩擦力。 关于物体所受滑动摩擦力的方向判断有两种方法: 一是 根据滑动摩擦力一定要阻碍物体间的相对运动或相对运动趋势, 先判断物体相对传送带的运 动方向,可用假设法,若无摩擦,物体将停在原处,则显然物体相对传送带有向后运动的趋 势,因此物体要受到沿传送带前进方向的摩擦力,由牛顿第三定律,传送带要受到向后的阻 碍它运动的滑动摩擦力; 二是根据摩擦力产生的作用效果来分析它的方向, 物体只所以能由 静止开始向前运动,则一定受到向前的动力作用,这个水平方向上的力只能由传送带提供, 因此物体一定受沿传送带前进方向的摩擦力, 传送带必须要由电动机带动才能持续而稳定地 工作,电动机给传送带提供动力作用,那么物体给传送带的就是阻力作用,与传送带的运动 方向相反。 若物体是静置在传送带上, 与传送带一起由静止开始加速, 若物体与传送带之间的动摩擦因 数较大,加速度相对较小,物体和传送带保持相对静止,它们之间存在着静摩擦力,物体的 加速就是静摩擦力作用的结果, 因此物体一定受沿传送带前进方向的摩擦力; 若物体与传送 带之间的动摩擦因数较小,加速度相对较大,物体和传送带不能保持相对静止,物体将跟不 上传送带的运动,但它相对地面仍然是向前加速运动的,它们之间存在着滑动摩擦力,同样 物体的加速就是该摩擦力的结果,因此物体一定受沿传送带前进方向的摩擦力。 若物体与传送带保持相对静止一起匀速运动, 则它们之间无摩擦力, 否则物体不可能匀 速运动。 若物体以大于传送带的速度沿传送带运动方向滑上传送带, 则物体将受到传送带提供的使它 减速的摩擦力作用,直到减速到和传送带有相同的速度、相对传送带静止为止。因此该摩擦 力方向一定与物体运动方向相反。 若物体与传送带保持相对静止一起匀速运动一段时间后,开始减速,因物体速度越来越小, 故受到传送带提供的使它减速的摩擦力作用, 方向与物体的运动方向相反, 传送带则受到与 传送带运动方向相同的摩擦力作用。 若传送带是倾斜方向的, 情况就更为复杂了, 因为在运动方向上, 物体要受重力沿斜面的下滑分力作用,该力和物体运动的初速度共同 决定相对运动或相对运动趋势方向。 例 1:如图 2—1 所示,传送带与地面成夹角θ=37°,以 10m/s 的速

图 2—1

度逆时针转动,在传送带上端轻轻地放一个质量 m=0.5 ㎏的物体,它与传送带间的动摩擦 因数μ=0.5,已知传送带从 A→B 的长度 L=16m,则物体从 A 到 B 需要的时间为多少? 【审题】传送带沿逆时针转动,与物体接触处的速度方向斜向下,物体初速度为零,所以物 体相对传送带向上滑动(相对地面是斜向下运动的) ,因此受到沿斜面向下的滑动摩擦力作 用, 这样物体在沿斜面方向上所受的合力为重力的下滑分力和向下的滑动摩擦力, 因此物体 要做匀加速运动。当物体加速到与传送带有相同速度时,摩擦力情况要发生变化,同速的瞬 间可以看成二者间相对静止,无滑动摩擦力,但物体此时还受到重力的下滑分力作用,因此 相对于传送带有向下的运动趋势,若重力的下滑分力大于物体和传送带之间的最大静摩擦 力,此时有μ<tanθ,则物体将向下加速,所受摩擦力为沿斜面向上的滑动摩擦力;若重 力的下滑分力小于或等于物体和传送带之间的最大静摩擦力,此时有μ≥tanθ,则物体将 和传送带相对静止一起向下匀速运动, 所受静摩擦力沿斜面向上, 大小等于重力的下滑分力。 也可能出现的情况是传送带比较短, 物体还没有加速到与传送带同速就已经滑到了底端, 这 样物体全过程都是受沿斜面向上的滑动摩擦力作用。 【 解 析 】 物 体 放 上 传 送 带 以 后 , 开 始 一 段 时 间 , 其 运 动 加 速 度

a=

mg sin θ + ?mg cos θ m
v 10 = s = 1s, a 10

= 10m/s 2


这样的加速度只能维持到物体的速度达到 10m/s 为止,其对应的时间和位移分别为:

t 1=

s1 =

υ2
2a

= 5m

<16m

以后物体受到的摩擦力变为沿传送带向上,其加速度大小为(因为 mgsinθ>μmgcosθ) 。

a2 =

mg sin θ ? ?mg cos θ = 2m/s 2 m 。

设物体完成剩余的位移 s 2 所用的时间为 t 2 ,



s2 = υ 0t 2 +

1 2 a2 t 2 2 ,
2

11m= 10t 2 + t 2 , 解得: 所以:

t 21 = 1 s, 或 t 2 2 = ?11 s(舍去) t总 = 1 s + 1 s = 2 s


【总结】该题目的关键就是要分析好各阶段物体所受摩擦力的大小和方向,若μ>0.75, 第二阶段物体将和传送带相对静止一起向下匀速运动;若 L<5m,物体将一直加速运动。 因此,在解答此类题目的过程中,对这些可能出现两种结果的特殊 过程都要进行判断。 例 2:如图 2—2 所示,传送带与地面成夹角θ=30°,以 10m/s 的 速度逆时针转动, 在传送带上端轻轻地放一个质量 m=0.5 ㎏的物体, 图 2—2

它与传送带间的动摩擦因数μ=0.6,已知传送带从 A→B 的长度 L=16m,则物体从 A 到 B 需要的时间为多少? 【审题】 该题目的物理过程的前半段与例题 1 是一样的, 但是到了物体和传送带有相同速度 时,情况就不同了,经计算,若物体和传送带之间的最大静摩擦力大于重力的下滑分力,物 体将和传送带相对静止一起向下匀速运动, 所受静摩擦力沿斜面向上, 大小等于重力的下滑 分力。 【 解 析 】 物 体 放 上 传 送 带 以 后 , 开 始 一 段 时 间 , 其 运 动 加 速 度

a=

mg sin θ + ?mg cos θ = 8.46m/s 2 m 。 v 10 = s = 1.18s, a 8.46

这样的加速度只能维持到物体的速度达到 10m/s 为止,其对应的时间和位移分别为:

t 1=

s1 =

υ2
2a

= 5.91m

<16m

以后物体受到的摩擦力变为沿传送带向上, 其加速度大小为零 (因为 mgsinθ<μmgcosθ) 。 设物体完成剩余的位移 s 2 所用的时间为 t 2 , 则

s2 = υ 0t 2 ,

16m-5.91m= 10t 2 解得: t 2 = 10.09 s, 所以:

t 总 = 1.18 s + 10.09s = 11.27 s



【总结】该题目的关键就是要分析好各阶段物体所受摩擦力的大小和方向,μ>tanθ

3 = 3 ,第二阶段物体将和传送带相对静止一起向下匀速运动。
例 3:如图 2—3 所示,传送带与地面成夹角θ=37°,以 10m/s 的 速度逆时针转动, 在传送带上端轻轻地放一个质量 m=0.5 ㎏的物体, 它与传送带间的动摩擦因数μ=0.5,已知传送带从 A→B 的长度 L=5m,则物体从 A 到 B 需要的时间为多少? 图 2—3 【审题】该题目的物理过程的前半段与例题 1 是一样的, 由于传送带比较短,物体将一直加速运动。 【 解 析 】 物 体 放 上 传 送 带 以 后 , 开 始 一 段 时 间 , 其 运 动 加 速 度

a=

mg sin θ + ?mg cos θ m v 10 = s = 1s, a 10

= 10m/s 2


这样的加速度只能维持到物体的速度达到 10m/s 为止,其对应的时间和位移分别为:

t 1=

s1 =

υ2
2a

= 5m

此时物休刚好滑到传送带的低端。 所以:

t总 = 1 s



【总结】该题目的关键就是要分析好第一阶段的运动位移,看是否还要分析第二阶段。 例题 4:如图 2—4 所示,传送带与地面成夹角θ=37°,以 10m/s 的 速度顺时针转动,在传送带下端轻轻地放一个质量 m=0.5 ㎏的物体, 它与传送带间的动摩擦因数μ=0.9,已知传送带从 A→B 的长度 L=50m,则物体从 A 到 B 需要的时间为多少? 【审题】传送带沿顺时针转动,与物体接触处的速度方向斜向上,物 体初速度为零,所以物体相对传送带向下滑动(相对地面是斜向上运 图 2—4 动的) ,因此受到沿斜面向上的滑动摩擦力作用,这样物体在沿斜面 方向上所受的合力为重力的下滑分力和向上的滑动摩擦力,因此物体要向上做匀加速运动。 当物体加速到与传送带有相同速度时,摩擦力情况要发生变化,此时有μ≥tanθ,则物体 将和传送带相对静止一起向上匀速运动, 所受静摩擦力沿斜面向上, 大小等于重力的下滑分 力。 【 解 析 】 物 体 放 上 传 送 带 以 后 , 开 始 一 段 时 间 , 其 运 动 加 速 度

a=

?mg cos θ ? mg sin θ
m v 10 = s = 8.33s, a 1 .2

= 1.2m/s 2



这样的加速度只能维持到物体的速度达到 10m/s 为止,其对应的时间和位移分别为:

t 1=

s1 =

υ2
2a

= 41.67 m

<50m

以后物体受到的摩擦力变为沿传送带向上, 其加速度大小为零 (因为 mgsinθ<μmgcosθ) 。 设物体完成剩余的位移 s 2 所用的时间为 t 2 , 则

s2 = υ 0t 2



50m-41.67m= 10t 2 解得: t 2 = 8.33 s, 所以:

t 总 = 8.33 s + 8.33s = 16.66 s



【总结】该题目的关键就是要分析好各阶段物体所受摩擦力的大小和方向,并对物体加速 到与传送带有相同速度时,是否已经到达传送带顶端进行判断。 本题的一种错解就是:

L=

1 2 at 2

t=
所以:

2L a =9.13s

该时间小于正确结果 16.66s,是因为物体加速到 10m/s 时,以后的运动是匀速运动,而错误 结果是让物体一直加速运动,经过相同的位移,所用时间就应该短。 (2)突破难点 2 第 2 个难点是对于物体相对地面、相对传送带分别做什么样的运动,判断错误。该难点应属 于思维上有难度的知识点,突破方法是灵活运用“力是改变物体运动状态的原因”这个理论 依据,对物体的运动性质做出正确分析,判断好物体和传送带的加速度、速度关系,画好草 图分析,找准物体和传送带的位移及两者之间的关系。 学生初次遇到“皮带传送” 类型的题目,由于皮带运动,物体也滑动, 就有点理不清头绪了。 解决这类题目的方法如下:选取研究对象,对所选研究对象进行隔离处理,就是一个化难为 简的好办法。对轻轻放到运动的传送带上的物体,由于相对传送带向后滑动,受到沿传送带 运动方向的滑动摩擦力作用, 决定了物体将在传送带所给的滑动摩擦力作用下, 做匀加速运 动,直到物体达到与皮带相同的速度,不再受摩擦力,而随传送带一起做匀速直线运动。传 送带一直做匀速直线运动, 要想再把两者结合起来看, 则需画一运动过程的位移关系图就可 让学生轻松把握。 如图 2—5 甲所示,A、B 分别是传送带上和物体上的一点,刚放上物体时,两点重合。设 皮带的速度为 V0,物体做初速为零的匀加速直线运动,末速为 V0,其平均速度为 V0/2,

图 2—5

V0 t 所以物体的对地位移 x 物= 2 ,传送带对地位移 x 传送带=V0t,所以 A、B 两点分别运动

x传送带
到如图 2—5 乙所示的 A' B' 、 位置, 物体相对传送带的位移也就显而易见了, 物= x

2



就是图乙中的 A' 、B'间的距离,即传送带比物体多运动的距离,也就是物体在传送带上 所留下的划痕的长度。 例题 5:在民航和火车站可以看到用于对行李进行安全检查的水平传送带。当旅客把行李放 到传送带上时, 传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速运动。 随后它们保持相对静 止,行李随传送带一起前进。 设传送带匀速前进的速度为 0.25m/s,把质量为 5kg 的木箱静 止放到传送带上,由于滑动摩擦力的作用,木箱以 6m/s2 的加速度前进,那么这个木箱放在 传送带上后,传送带上将留下一段多长的摩擦痕迹? 【审题】传送带上留下的摩擦痕迹,就是行李在传送带上滑动过程中留下的,行李做初速为 零的匀加速直线运动,传送带一直匀速运动,因此行李刚开始时跟不上传送带的运动。当行 李的速度增加到和传送带相同时, 不再相对滑动, 所以要求的摩擦痕迹的长度就是在行李加 速到 0.25m/s 的过程中,传送带比行李多运动的距离。 【解析】

解法一:行李加速到 0.25m/s 所用的时间:

v0 0.25 s =0.042s t= a = 6
行李的位移:

1 2 1 at × 6 × (0.042) 2 m x 行李= 2 =2 =0.0053m
传送带的位移: x 传送带=V0t=0.25×0.042m=0.0105m 摩擦痕迹的长度:

?x = x传送带 ? x行李 = 0.0052m ≈ 5mm
(求行李的位移时还可以用行李的平均速度乘以时间,行李做初速为零的匀加速直线运动,

v=

v0 2 。 )

解法二:以匀速前进的传送带作为参考系.设传送带水平向右运动。木箱刚放在传送带 上时,相对于传送带的速度 v=0.25m/s,方向水平向左。木箱受到水平向右的摩 擦力 F 的作用,做减速运动,速度减为零时,与传送带保持相对静止。 木箱做减速运动的加速度的大小为 a=6m/s2 木箱做减速运动到速度为零所通过的路程为

?x =

v0 0.25 2 = m = 0.0052m ≈ 5mm 2a 2×6

2

即留下 5mm 长的摩擦痕迹。 【总结】 分析清楚行李和传送带的运动情况, 相对运动通过速度位移关系是解决该类问题的 关键。 例题 6:一水平的浅色长传送带上放置一煤块(可视为质点) ,煤块与传送带之间的动摩擦 因数为 ? 。初始时,传送带与煤块都是静止的。现让传送带以恒定的加速度 a0 开始运动, 当其速度达到 v0 后,便以此速度做匀速运动。经过一段时间,煤块在传送带上留下了一段 黑色痕迹后,煤块相对于传送带不再滑动。求此黑色痕迹的长度。 【审题】本题难度较大,传送带开始阶段也做匀加速运动了,后来又改为匀速,物体的运 动情况则受传送带的运动情况制约,由题意可知,只有μg<a0 才能相对传送带滑动,否则 物体将与传送带一直相对静止。 因此该题的重点应在对物体相对运动的情景分析、 相对位移 的求解上,需要较高的分析综合能力。 【解析】 方法一: 根据“传送带上有黑色痕迹”可知,煤块与传送带之间发生了相对滑动,煤块的加速度 a 小于传送带的加速度 a0。根据牛顿运动定律,可得

a = ?g

设经历时间 t,传送带由静止开始加速到速度等于 v0,煤块则由静止加速到 v,有

v0 = a 0 t

v=a t

由于 a<a0,故 v<v0,煤块继续受到滑动摩擦力的作用。再经过时间 t',煤块的速度由 v 增 加到 v0,有

v0 = v + a t?
此后,煤块与传送带运动速度相同,相对于传送带不再滑动,不再产生新的痕迹。 设在煤块的速度从 0 增加到 v0 的整个过程中,传送带和煤块移动的距离分别为 s0 和 s,有

s0 = s=

1 a 0 t 2 + v0 t? 2

2 v0 2a

传送带上留下的黑色痕迹的长度

l = s0 ? s

l=
由以上各式得

2 v0 (a0 ? ? g ) 2? a0 g

【小结】本方法的思路是整体分析两物体的运动情况,分别对两个物体的全过程求位移。 方法二: 第一阶段:传送带由静止开始加速到速度 v0,设经历时间为 t,煤块加速到 v,有 v0

= a0 t

① ②

v = at = ?gt

传送带和煤块的位移分别为 s1 和 s2,

s1 =

1 2 a0t 2 1 2 1 at = ?gt 2 2 2



s2 =



第二阶段:煤块继续加速到 v0,设经历时间为 t ′ ,有 v0

= v + ? gt ′



传送带和煤块的位移分别为 s3 和 s4 ,有

s3 = v0t ′



1 s4 = vt ′ + ? gt ′2 2



传送带上留下的黑色痕迹的长度

l = s1 + s3 ? s 2 ? s 4
由以上各式得
2 v0 (a0 ? ? g ) 2 ? a0 g

l=

【小结】 本方法的思路是分两段分析两物体的运动情况, 分别对两个物体的两个阶段求位移, 最后再找相对位移关系。 方法三: 传送带加速到 v0 ,有 传送带相对煤块的速度

v0 = a0t v = (a0 ? ? g )t

① ②

传送带加速过程中,传送带相对煤块的位移【相对初速度为零,相对加速度是

(a0 ? ?g ) 】

l 1=

1 (a0 ? ?g )t 2 2

传送带匀速过程中,传送带相对煤块的位移【相对初速度为

(a0 ? ?g ) t,相对加速度是 ?g 】

l2 =

(a 0 ? ?g ) 2 t 2
2 ?g

整个过程中传送带相对煤块的位移即痕迹长度

l=

( ) 2 1 (a 0 ? ?g )t + a0 ? ?g t 2 2 ?g
2
2 v0 (a0 ? ? g ) 2 ? a0 g



由以上各式得

l=

【小结】本方法的思路是用相对速度和相对加速度求解。关键是先选定好过程,然后对过程 进行分析,找准相对初末速度、相对加速度。 v 方法四:用图象法求解 画出传送带和煤块的 V—t 图象,如图 2—6 所示。 v0

t1 =
其中

v0 v t2 = 0 a0 , ?g ,

O

黑色痕迹的长度即为阴影部分三角形的面积,有:

t1 1

t2 图 2—6

t

l=

v v v (a0 ? ? g ) 1 1 v0 (t2 ? t1 ) = v0 ( 0 ? 0 ) = 2 2 ? g a0 2 ? a0 g
2 0

【小结】 本方法的思路是运用在速度—时间图象中, 图线与其所对应的时间轴所包围图形的 面积可以用来表示该段时间内的位移这个知识点,来进行求解,本方法不是基本方法,不易 想到,但若能将它理解透,做到融会贯通,在解决相应问题时,就可以多一种方法。

【总结】本题题目中明确写道: “经过一段时间,煤块在传送带上留下一段黑色痕迹后,煤 块相对于传送带不再滑动。 ”这就说明第一阶段传送带的加速度 当传送带速度达到

a0

大于煤块的加速度 ?g 。

v0

时,煤块速度

v < v0 v0

,此过程中传送带的位移大于煤块的位移。接下 做匀速运动。两阶段的物体位移之差即为痕迹长

来煤块还要继续加速到

v0

,传送带则以

度。 有的学生对此过程理解不深, 分析不透, 如漏掉第二阶段只将第一阶段位移之差作为痕迹长 度; 将煤块两阶段的总位移作为痕迹长度; 用第一阶段的相对位移与第二阶段的煤块位移之 和作为痕迹长度;还有的学生分

a0 > ?g , a0 = ?g , a0 < ?g

三种情况讨论;有的甚至认为煤

块最终减速到零,这些都说明了学生对物体相对运动时的过程分析能力还有欠缺。 处理物体和传送带的运动学问题时, 既要考虑每个物体的受力情况及运动情况, 又要考虑到 它们之间的联系与区别,只有这样,才能从整体上把握题意,选择规律时才能得心应手。 例 7:一小圆盘静止在桌布上,位于一方桌的水平桌面的中央。 桌布的一边与桌的 AB 边重合,如图 2—7,已知盘与桌布间的动 摩擦因数为μl,盘与桌面间的动摩擦因数为μ2。现突然以恒定 加速度 a 将桌布抽离桌面,加速度方向是水平的且垂直于 AB 边。 若圆盘最后未从桌面掉下,则加速度 a 满足的条件是什么?(以 g 表示重力加速度) 图 2—7 【审题】这是一道特别复杂的综合题,不仅物理过程多,而且干 扰因素也多。乍看不是传送带的题目,但处理方法与例题 6 几乎完全相同。可以将题中复杂 的物理过程拆散分解为如下 3 个小过程,就可以化繁为简、化难为易,轻易破解本题。 过程 1:圆盘从静止开始在桌布上做匀加速运动至刚离开桌布的过程; 过程 2:桌布从突然以恒定加速度 a 开始抽动至圆盘刚离开桌布这段时间内做匀加速运动的 过程; 过程 3:圆盘离开桌布后在桌面上做匀减速直线运动的过程。

图 2—8

设桌面长为 L,开始时,桌布、圆盘在桌面上的位置如图 2—8 甲所示; 圆盘位于桌面的中央,桌布的最左边位于桌面的左边处。由于桌布要从圆盘下抽出,桌布与

圆盘之间必有相对滑动,圆盘在摩擦力作用下有加速度,其加速度 a1 应小于桌布的加速度 a,但两者的方向是相同的。当桌布与圆盘刚分离时,圆盘与桌布的位置如图 2—8 乙所示。

1 圆盘向右加速运动的距离为 x1,桌布向右加速运动的距离为 2 L+x1。圆盘离开桌布后,在
桌面上作加速度为 a2 的减速运动直到停下,因盘未从桌面掉下,故而盘作减速运动直到停

1 下所运动的距离为 x2,不能超过 2 L-x1。通过分析并画出图 2—8 丙。
本题虽然是一个大多数同学都熟悉、 并不难想象或理解的现象, 但第一次能做对的同学并不 多, 其中的原因之一就是不善于在分析物理过程的同时正确地作出情境示意图, 借助情境图 来找出时间和空间上的量与量之间的关系。 【解析】 1.由牛顿第二定律: μlmg=mal ① 由运动学知识: v12=2al x1 ② 2.桌布从突然以恒定加速度 a 开始抽动至圆盘刚离开桌布这段时间内做匀加速运动的过程。 设桌布从盘下抽出所经历时间为 t,在这段时间内桌布移动的距离为 x1, 由运动学知识:

1 x = 2 at2 1 x1= 2 a1t2 1 而 x= 2 L+x1







3.圆盘离开桌布后在桌面上做匀减速直线运动的过程。 设圆盘离开桌布后在桌面上作匀减速运动,以 a2 表示加速度的大小,运动 x2 后便停下,由 牛顿第二定律: μ2mg=ma2 ⑥ 由运动学知识: v12=2a2 x2 ⑦ 盘没有从桌面上掉下的条件是:

1 x2≤ 2 L—x1
由以上各式解得:



?1 + 2 ? 2 ?1 g a ≥ ?2



【总结】 此解题方法是运用了最基本的牛顿第二定律和运动学知识来解决这一复杂物理过程

的,其实题目再复杂,也是用最基本的基础知识来求解的。当然,也可以从动能定理、动量 定理、功能关系或 v-t 图象等角度求解。 (3)突破难点 3 第 3 个难点也应属于思维上有难度的知识点。对于匀速运动的传送带传送初速为零的物体, 传送带应提供两方面的能量, 一是物体动能的增加, 二是物体与传送带间的摩擦所生成的热 (即内能) ,有不少同学容易漏掉内能的转化,因为该知识点具有隐蔽性,往往是漏掉了, 也不能在计算过程中很容易地显示出来, 尤其是在综合性题目中更容易疏忽。 突破方法是引 导学生分析有滑动摩擦力做功转化为内能的物理过程,使“只要有滑动摩擦力做功的过程, 必有内能转化”的知识点在学生头脑中形成深刻印象。 一个物体以一定初速度滑上一粗糙平面, 会慢慢停下来, 物体的动能通过物体克服滑动摩擦 力做功转化成了内能, 当然这个物理过程就是要考查这一个知识点, 学生是绝对不会犯错误 的。 质量为 M 的长直平板,停在光滑的水平面上,一质量为 m 的物体,以初速度 v0 滑上长板, 已知它与板间的动摩擦因数为μ, 此后物体将受到滑动摩擦阻力作用而做匀减速运动, 长板 将受到滑动摩擦动力作用而做匀加速运动, 最终二者将达到共同速度。 其运动位移的关系如 图 2—9 所示。

图 2—9 该过程中,物体所受的滑动摩擦阻力和长板受到滑动摩擦动力是一对作用力和反作用力, W 物=—μmg·x 物 W 板=μmg·x 板 很显然 x 物>x 板,滑动摩擦力对物体做的负功多,对长板做的正功少,那么物体动能减少 量一定大于长板动能的增加量,二者之差为ΔE=μmg(x 物—x 板)=μmg·Δx,这就是 物体在克服滑动摩擦力做功过程中,转化为内能的部分,也就是说“物体在克服滑动摩擦力 做功过程中转化成的内能等于滑动摩擦力与相对滑动路程的乘积。 ”记住这个结论,一旦遇 到有滑动摩擦力存在的能量转化过程就立即想到它。 再来看一下这个最基本的传送带问题:

图 2—10 物体轻轻放在传送带上,由于物体的初速度为 0,传送带以恒定的速度运动,两者之间有相 对滑动,出现滑动摩擦力。作用于物体的摩擦力使物体加速,直到它的速度增大到等于传送 带的速度,作用于传送带的摩擦力有使传送带减速的趋势,但由于电动机的作用,保持了传 送带的速度不变。 尽管作用于物体跟作用于传送带的摩擦力的大小是相等的, 但物体与传送 带运动的位移是不同的, 因为两者之间有滑动。 如果物体的速度增大到等于传送带的速度经 历的时间为 t,则在这段时间内物体运动的位移小于传送带运动的位移。在这段时间内,传 送带克服摩擦力做的功大于摩擦力对物体做的功(这功转变为物体的动能),两者之差即为摩

擦发的热。 所谓传送带克服摩擦力做功, 归根到底是电动机在维持传送带速度不变的过程中 所提供的。 例 8:如图 2—11 所示,水平传送带以速度 v 匀速运动,一质量为 m 的小木块 由静止轻放到传送带上,若小木块与传送带之间的动摩擦因数为μ,当小木块 与传送带相对静止时,转化为内能的能量是多少? 图 2—11 【审题】该题首先得清楚当小木块与传送带相对静止时,转化为内能的 能量应该怎么来求, 要想到用 “物体在克服滑动摩擦力做功过程中转化成的内能等于滑动摩 擦力与相对滑动路程的乘积。 ”这一结论,然后再根据物体和传送带的运动情况来求二者相 对滑动的距离。 【解析】 在木块从开始加速至与传送带达到共同速度的过程中

F摩 = ?FN = ?mg a= F合 m =

?mg
m

= ?g

图 2—12

2 由公式 v = 2ax

x=
可得:

v2 v2 = 2a 2?g

从木块静止至木块与传送带达到相对静止的过程中木块加速运动的时间

t=

v v = a ?g
传送带运动的位移

v2 x ' = vt = ?g
木块相对传送带滑动的位移

?x = x '? x =
摩擦产生的热:

v2 2 ?g

Q = F摩 ·?x = ?mg·

v2 1 = mv 2 2 ?g 2

【总结】单独做该题目时,就应该有这样的解题步骤,不过,求相对位移时也可以物体为参 考系,用传送带相对物体的运动来求。在综合性题目中用到该过程时,则直接用结论即可。 该结论是:从静止放到匀速运动的传送带上的物体,在达到与传送带同速的过程中,转化为 内能的能量值和物体增加的动能值相等。 因为物体在该过程中的对地位移与传送带相对物体 的位移大小是相等的。 例 9:如图 2—13 所示,倾角为 37? 的传送带以 4m/s 的速度沿图示方向 匀速运动。已知传送带的上、下两端间的距离为 L=7m。现将一质量

图 2—13

m=0.4kg 的小木块放到传送带的顶端,使它从静止开始沿传送带下滑,已知木块与传送带间 的动摩擦因数为μ=0.25,取 g=10m/s2。求木块滑到底的过程中,摩擦力对木块做的功以及 生的热各是多少? 【审题】该题目要分成两段考虑,第一段:木块的速度 v<v0。这一阶段木块相对于传送带 向后运动,受到的摩擦力方向向前,合外力沿斜面向前;第二段:木块的速度 v>v0。这一 阶段木块相对于传送带向前运动,受到的摩擦力方向向后,合外力仍沿斜面向前。 【解析】刚开始时,合力的大小为 F 合 1=mgsin37?+μmgcos37?, 由牛顿第二定律,加速度大小

F合1
a1= m =8m/s2, 该过程所用时间

v0 a t1= 1 =0.5s,
位移大小

v0 2a s1= 1 =1m。
二者速度大小相同后,合力的大小为 F 合 2=mgsin37?-μmgcos37?, 加速度大小

2

F合 2
a2= m =4m/s2, 位移大小 s2= L-s1= 6m, 所用时间

1 2 a2t2 s2= v0t2+ 2
得: t2=1s。 (另一个解 t2=-3s 舍去) 摩擦力所做的功 W=μmgcos37?·(s1-s2) =-4.0J, 全过程中生的热 Q=f·s 相对 =μmgcos37?·【(v0t1-s1)+(s2-v0t2) 】 =0.8N×3m=2.4J。 【总结】该题目的关键在于分析清楚物理过程,分成 两段处理,正确分析物体受力情况,求出物体和传送 带的位移,以及物体和传送带间的相对位移。 例 10:一传送带装置示意如图 2—14,其中传送带经

图 2—14

过 AB 区域时是水平的,经过 BC 区域时变为圆弧形(圆弧由光滑模板形成,未画出),经过 CD 区域时是倾斜的,AB 和 CD 都与 BC 相切。现将大量的质量均为 m 的小货箱一个一个 在 A 处放到传送带上,放置时初速为零,经传送带运送到 D 处,D 和 A 的高度差为 h。稳 定工作时传送带速度不变,CD 段上各箱等距排列,相邻两箱的距离为 L。每个箱子在 A 处 投放后,在到达 B 之前已经相对于传送带静止,且以后也不再滑动(忽略经 BC 段时的微小 滑动)。已知在一段相当长的时间 T 内,共运送小货箱的数目为 N。这装置由电动机带动, 传送带与轮子间无相对滑动,不计轮轴处的摩擦。求电动机的平均输出功率 P 。 【审题】小货箱放在传送带的 AB 段上时,由于货箱的初速度为 0,传送带以恒定的速度运 动,两者之间有相对滑动,出现滑动摩擦力。作用于货箱的摩擦力使货箱加速,直到它的速 度增大到等于传送带的速度, 作用于传送带的摩擦力有使传送带减速的趋势, 但由于电动机 的作用, 保持了传送带的速度不变。 尽管作用于货箱跟作用于传送带的摩擦力的大小是相等 的,但小货箱与传送带运动的路程是不同的,因为两者之间有滑动。如果货箱的速度增大到 等于传送带的速度经历的时间为 t,则在这段时间内货箱运动的路程和传送带运动的路程分 别是解答中的①式和③式,两者大小不同,由解答中的④式给出。在这段时间内,传送带克 服摩擦力做的功大于摩擦力对货箱做的功(这功转变为货箱的动能),两者之差即为摩擦发的 热。 所谓传送带克服摩擦力做功, 归根到底是电动机在维持传送带速度不变的过程中所提供 的。 这也就是在传送带的水平段上使一只小货箱从静止到跟随传送带一起以同样速度运动的 过程中,电动机所做的功,这功一部分转变为货箱的动能,一部分因摩擦而发热。当货箱的 速度与传送带速度相等后,只要货箱仍在传送带的水平段上,电动机无需再做功。为了把货 箱从 C 点送到 D 点,电动机又要做功,用于增加货箱的重力势能 mgh。由此便可得到输送 N 只货箱的过程中电动机输出的总功。 以上分析都是在假定已知传送带速度 v 0 的条件下进行的,实际上传送带的速度是未知的。 因此要设法找出 v 0 。 题中给出在时间 T 内运送的小货箱有 N 只, 这是说, 我们在 D 处计数, 当第 1 只货箱到达 D 处时作为时刻 t=0,当第 N 只货箱到达 D 处时恰好 t=T。如果把这 N 只货箱以 L 的距离间隔地排在 CD 上(如果排得下的话),则第 N 只货箱到 D 处的距离为 (N—1)L,当该货箱到达 D 处,即传送带上与该货箱接触的那点在时间 T 内运动到 D 点, 故有 ( N ? 1) L = v 0 T 。由此便可求出 v 0 ,电动机的平均功率便可求得。由于 N 很大,N 与 N -1 实际上可视作相等的。 【解析】以地面为参考系(下同),设传送带的运动速度为 v 0 ,在水平段的运输过程中,小 货箱先在滑动摩擦力作用下做匀加速运动, 直到其速度与传送带的速度相等。 设这段路程为 s,所用的时间为 t,加速度为 a,则对小货箱有

s=

1 2 at 2 ①

v 0 = at ②
在这段时间内传送带运动的路程为

s0 = v0t ③

由上可得

s 0 = 2s ④
用 Ff 表示小货箱与传送带之间的滑动摩擦力,则传送带对小货箱做功为

W1 = F f s =

1 2 mv0 2



传送带克服小货箱对它的摩擦力做功

1 2 2 W0 = F f s 0 = 2 × mv0 = mv0 2



两者之差就克服摩擦力做功发出的热量

Q=

1 2 mv 0 2



可见,在小货箱加速过程中,小货箱获得的动能与发热量相等。 T 时间内电动机输出的功为

W = PT ⑧
此功用于增加 N 个小货箱的动能、势能和使小货箱加速时程中克服摩擦力发 的热,即有

W=

1 2 Nmv 0 + Nmgh + NQ 2



N 个小货箱之间的距离为(N-1)L,它应等于传送带在 T 时间内运动的距离,即有

v 0 T = ( N ? 1) L ≈ NL



因 T 很大,故 N 亦很大。 联立⑦、⑧、⑨、⑩,得

P=

? Nm ? N 2 L2 ? 2 + gh ? T ? T ?

【总结】本题初看起来比较复杂,关于装置的描述也比较冗长.看来对于实际的问题或比较 实际的问题,冗长的描述是常有的。要通过对描述的研究,抓住关键,把问题理想化、简单 化,这本身就是一种分析问题、处理问题的能力。通过分析,可以发现题中传送带的水平段 的作用是使货箱加速, 直到货箱与传送带有相同的速度。 使货箱加速的作用力来自货箱与传 送带之间的滑动摩擦力。了解到这一点还不够,考生还必须知道在使货箱加速的过程中,货 箱与传送带之间是有相对滑动的, 尽管传送带作用于货箱的摩擦力跟货箱作用于传送带的摩 擦力是一对作用力与反作用力,它们大小相等,方向相反,但在拖动货箱的过程中,货箱与 传送带移动的路程是不同的。 因此作用于货箱的摩擦力做的功与传送带克服摩擦力做的功是 不同的。如果不明白这些道理,就不会分别去找货箱跟传送带运动的路程。虽然头脑中存有 匀变速直线运动的公式,但不一定会把它们取出来加以使用。而在这个过程中,不管货箱获 得的动能还是摩擦变的热,这些能量最终都来自电动机做的功。 传送带的倾斜段的作用是把货箱提升 h 高度。 在这个过程中, 传送带有静摩擦力作用于货箱, 同时货箱还受重力作用,这两个力对货箱都做功,但货箱的动能并没有变化。因为摩擦力对

货箱做的功正好等于货箱克服重力做的功, 后者增大了货箱在重力场中的势能。 同时在这个 过程中传送带克服静摩擦力亦做功, 这个功与摩擦力对货箱做的功相等, 因为两者间无相对 滑动。所以货箱增加的重力势能亦来自电动机。 有的同学见到此题后,不知从何下手,找不到解题思路和解题方法,其原因可能是对涉及的 物理过程以及过程中遇到的一些基本概念不清楚造成的。 求解物理题, 不能依赖于套用解题 方法,不同习题的解题方法都产生于对物理过程的分析和对基本概念的正确理解和应用。


相关文章:
高中物理难点分类解析滑块与传送带模型问题(经典)
高中物理难点分类解析滑块与传送带模型问题(经典) 隐藏>> 滑块—木板模型 例 1 如图 1 所示,光滑水平面上放置质量分别为 m、2m 的物块 A 和木板 B,A、B ...
高中物理传送带专题练习
高中物理传送带专题练习_高一理化生_理化生_高中教育_教育专区。高中物理传送带专题练习 传送带专题 (一)水平传送带上的力与运动情况分析 1.主动轮带动皮带,皮带...
高中物理复习教案.专题复习—传送带问题
传送带问题 [P3.]一.命题趋向与考点 传送带问题是以真实物理现象为依据的问题,它既能训练学生的科学思维,又能联系科学、 生产和生活实际, 因而, 这种类型问题...
高一物理专题:传送带问题
高一物理专题:传送带问题_理化生_高中教育_教育专区。传送带问题【例 1】一水平传送带长度为 20m,以 2m/s 的速度做匀速运动,已知某物体与传送带间 动摩擦因数...
高一物理传送带问题
高中物理必修二传送带专题狂练一时间类例 1:如图 2—1 所示,传送带与地面成夹角θ =37°,以 10m/s 的速度逆时针转动,在传 送带上端轻轻地放一个质量 m=...
高中物理必修一传送带专题
高中物理必修一传送带专题_理化生_高中教育_教育专区。传送带的动力学问题——分析...传送带的动力学问题——分析计算物体在传送带上的运动情况一、物体在水平传送带...
高一物理专题:传送带问题(教案)
高一物理专题:传送带问题(教案)_理化生_高中教育_教育专区。高一牛顿第二定律应用专题:传送带问题的各种情景及其分析。动力学问题专题训练:传送带问题(教案)教学目标...
高中物理难点分类解析传送带模型问题(经典)
高中物理难点分类解析传送带模型问题(经典)_高考_高中教育_教育专区。高考 传送带问题难点突破策略: 若物体是轻轻地放在了匀速运动的传送带上,那么物体一定要和传送...
高中物理专题受力及传送带问题
高中物理专题受力及传送带问题_理化生_高中教育_教育专区。高中物理专题,受力及传送带问题例1:如图所示,判断接触面对球有无弹力,已知球静止,接触面光滑。 a 图 ...
高中物理传送带问题(有答案)
高中物理传送带问题(有答案)_理化生_高中教育_教育专区。传送带问题 例 1:一水平传送带长度为 20m,以 2m/s 的速度做匀速运动,已知某物体与传送带间动摩 擦因...
更多相关标签:
高中物理传送带专题 | 高中物理传送带模型 | 传送带问题 | 物理传送带问题 | 力学哥 | 葛烈格里·史密斯 | 物理学习网 | 传送带问题解题技巧 |