当前位置:首页 >> 学科竞赛 >>

2013年--2015全国物理真题答案


2013 年高考真题—物理学科(新课标卷 1) 14、C 15、B 16、D 17、A 18、B 19、BC 20、BC (2) 21、AC

22(1)0.960cm

1 d 2 d 2 [( ) ?( ) ] 2s ?t B ?t A
(2) 1 (3)15.0

(3) ? ?

m

g ? ( M ? m)a (4)系统误差 Mg

23(1)答案:短接

3.60

(4) 12.0

(5) 9.00

15.0

24(13 分)解析:设 B 车的速度大小为 v,如图,标记 R 在 时刻 t 通过点 K(l,l) ,此时 A、B 的位置分别为 H、G。由运 动学公式,H 的纵坐标 yA、G 的横坐标 xB 分别为 yA=2l+ at2 ①
1 2

xB=vt



在开始运动时,R 到 A 和 B 的距离之比为 2:1,即 OE: OF=2:1 由于橡皮筋的伸长是均匀的,在以后任一时刻 R 到 A 和 B 的距离之比都为 2:1。 因此,在时刻 t 有 HK:KG=2:1 ③ HG:KG= (yA+l): (2l) ⑤

由于△FGH∽△IGK,有 HG:KG= xB: (xB-l) ④ 由③④⑤式得 xB= l ⑥ 联立①②⑥⑦式得
v? 3 2

yA=5l ⑦
1 6al 4



25(19 分)解析: (1)设金属棒下滑的速度大小为 v,则感应电动势为 E=BL v ① 平行板电容器两极板之间的电势差为 U=E ②
Q U

设此时电容器极板上积累的电荷量为 Q,按定义有 C ? 联立①②③式得 Q=CBLv ④ (2)解法一:动力学观点



设金属棒的速度大小为 v 时经历的时间为 t,通过金属棒的电流为 i。金属棒受到的 磁场的作用力方向沿导轨向上,大小为 fi=BLi ⑤ 设在时间间隔(t,t+△t)内流经金属棒的电荷量为△Q,按定义有 i ?
1 / 12

?Q ⑥ ?t

△Q 也是平行板电容器在时间间隔(t,t+△t)内增加的电荷量。由④式得△Q=CBL △v ⑦式中,△v 为金属棒的速度变化量。按定义有 a ? 金属棒所受到的摩擦力方向斜向上, 大小为 f2=μ N 的正压力的大小,有 N=mgcosθ ⑩ 金属棒在时刻 t 的加速度方向沿斜面向下,设其大小为 a,根据牛顿第二定律有 mgsinθ - f1- f2=ma ⑾ 联立⑤至⑾式得 a ?
m(sin ? ? ? cos ? ) g m ? B 2 L2 C
?v ⑧ ?t

⑨ 式中, N 是金属棒对于导轨



由⑿式及题设可知, 金属棒做初速度为零的匀加速运动。 t 时刻金属棒的速度大小为
v? m(sin ? ? ? cos ? ) gt m ? B 2 L2 C



解法二:动量观点 设金属棒的速度大小为 v 时经历的时间为 t。通过金属棒的电流为 i, i=
v

dq dt

由动量定理,有 mgsinθ t- μ mgcosθ t- ? BLidt =m ?0 dv ,其中 ? BLidt =BLQ=CB2L2v,解得
v? m(sin ? ? ? cos ? ) gt m ? B 2 L2 C

35. (1)(6 分) 14 13 (2)(9 分)解析:设在发生碰撞的瞬间,木块 A 的速度大小为 v;在碰撞后的瞬间, A 和 B 的速 度分别 为 v1 和 v2 。 在碰 撞 过程 中 ,由能 量 和动 量 守恒定 律 ,得
1 1 1 2 mv 2 ? mv 12 ? (2m)v 2 ① 2 2 2

mv ? mv1 ? (2m)v2


v2 2

式中,以碰撞前木块 A 的速度方向为正。由①②式得 v1 ? ?


1 2

设碰撞后 A 和 B 运动的距离分别为 d1 和 d2,由动能定理得 ?mgd 1? mv12
2 ?(2m) gd 2 ? (2m)v 2 ⑤



1 2

按题意有 d= d1+d2 ⑥
1 2 1 2

设 A 的初速度大小为 v0,由动能定理有 ?mgd ? mv 02 ? mv 2 ⑦ 联立②至⑦式,得 v0 ?
28 ?gd 5



2 / 12

2014 年高考真题—物理学科(新课标卷 1) 14.D 15. B 16. D 17. A 18.C 19. BD 20. AC 21.AD

22(1)非线性(2)存在摩擦力(3)调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力,远小于小车的质量。 23. (9 分) (1) ?
1 I RA ? R1 R ? R1 1 R ? [ RA ? A (r ? R0 )] ER1 E R1

1 0.110 ,○ 2 9.09 (2)○ (3)k= 1.0 A ?1 Ω
?1



,截距 b= 6.0 A ?1 。

(4)E= 3.0 V,内阻 r= 1.0 Ω 。 24. (12 分)解:设路面干燥时,汽车与地面的动摩擦因数为 ? 0 ,刹车时汽车的加 速度大小为 a 0 ,安全距离为 s 反应时间为 t 0 ,由牛顿第二定律和运动学公式得
?0 mg ? ma0



s ? v0t0 ?

2 v0 2a0

② 式中, m 和? 0 分别为汽车的质量和刹车前的速度。
2 5

设在雨天行驶时, 汽车与地面的动摩擦因数为 ? , 依题意有 ? = ? 0



设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为 a,安全行驶的最大速度为? ,由牛顿 第二定律和运动学公式得 ? mg ? ma ④
s ? vt0 ? v2 2a



联立①②③④⑤式并代入题给数据得? =20m/s(72km/h)



25. (20 分)解: (1)设小球的初速度为? 0 ,初动能为 Ek 0 ,从 O 点运动到 A 点的时 间 为 t , 令 OA=d , 则 OB=
d cos 60? ? 1 2 gt 2
3 d , 根 据 平 抛 运 动 的 规 律 有 d sin 60? ? v0t 2




Ek 0 ? 1 mv0 2 2

又有



由①②③式得
1 2

3 Ek 0 ? mgd 8
α



设小球到达 A 点时的动能为 EKA ,则 EKA ? EK 0 ? mgd 由④⑤式得
E KA 7 = E KO 3




d 2 3d , 2

(2)加电场后,小球从 O 点到 A 点和 B 点,高度分别降低了 和

3 / 12

设电势能分别减小 ?E PA 和 ?E pB ,由能量守恒及④式得 ?E pA ? 3EK 0 ? EK 0 ? mgd ? EK 0 ⑦
3 ?E pB ? 6 EK 0 ? EK 0 ? mgd ? EK 0 2

1 2

2 3



在匀强电场中,沿任一直线,电势的降落是均匀的。设直线 OB 上的 M 点与 A 点 等电势,M 与 O 点的距离为 x,如图,则有
?E pA x ? 3 ?E pB d 2

⑨ 解得 x=d,MA 为等势线,

电场必与其垂线 OC 方向平行。设电场方向与竖直向下的方向的夹角为 ? ,由几何关 系得 ? =30°⑩ 即电场方向与竖直向下的方向的夹角为 30°。 设场强的大小为 E,有 qEd cos30? ? ?EPA 由④⑦(11)式得 E=
3m g 6q

(11)

(12)

35. [物理—选修 3-5] (15 分) (1) (6 分) BCD 。

(2)(9 分)(i)解:设 B 球第一次到达地面时的速度大小为 v B ,由运动学公式有
vB ? 2gh


vB ? 4m / s

将 h=0.8m 代入上式,得



(ii)解:设两球相碰前后,A 球的速度大小分别为 v1 和 v1' ( v1' =0) ,B 球的速度分别 为 v 2 和 v2 ' 。由运动学规律可得 v1 ? gt ③

由于碰撞时间极短,重力的作用可以忽略,两球相碰前后的动量守恒,总动 能 保 持 不 变 。 规 定 向 下 的 方 向 为 正 , 有 mAv1 ? mB v2 ? mB v2?
1 1 1 mAv12 ? mB v2 2 ? mB v2?2 2 2 2





设 B 球与地面相碰后的速度大小为 v B ' ,由运动学及碰撞的规律可得 vB? ? vB ⑥ 设 P 点距地面的高度为 h' ,由运动学规律可得 联立②③④⑤⑥⑦式,并代入已知条件可得
4 / 12

v ?v h'= B 2 2g
h? ? 0.75m

'

2

⑦ ⑧

2015 年物理真题考试(新课标 I 卷)
14.D 15.B 16.A 17.C 18.D 19.AB 20.ACD 21.BD 22.(6 分)(2)1.40(2 分) (4)7.9(2 分)
v ? 1.4m / s (2 分)

23. (9 分) (1)15 35 (4 分,每空 2 分) (2)300 3000(2 分,每空 1 分) (3)c (2 分) 24.(12 分) 依题意,开关闭合后,电流方向从 b 到 a,由左手定则可知,金属棒所受的安培力 反响竖直向下。 开关断开时,两弹簧各自相对于其原长伸长为 ?l1 ? 0.5cm 。由胡克定律和力的平衡条件得 闭合开关时,若电表指针偏转,则损坏的电阻是 R1 ;若电表指针不动,则损坏的电阻是 R2

2k ?l1 ? mg
小。



式中, m 为金属棒的质量, k 是弹簧的劲度系数, g 是重力加速度的大

开关闭合后,金属棒所受安培力的大小为

F ? IBL



式中, I 是回路电流, L 是金属棒的长度。两弹簧各自再伸长了 ?l2 ? 0.3cm ,由胡克定律和 力的平衡条件得 由欧姆定律有

2k (?l1 ? ?l2 ) ? mg ? F
E ? IR

③ 式中, E 是电池的电动势, R 是电路总电阻。 ⑤(安培力方向判断正确给 2 分,①②③④



联立①②③④式,并代入题给数据得 ⑤式各 2 分。 )

m ? 0.01kg

25.(20 分)规定向右为正方向。木板与墙壁相碰前,小物块和木板一起向右做匀变速运动,设加 速度为 a1 ,小物块和木板的质量分别为 m 和 M 。由牛顿第二定律有 ??1 (m ? M ) g ? (m ? M )a1 ① 由图可知,木板与墙壁碰前瞬间的速度 v1 ? 4m / s ,由运动学公式得

v1 ? v0 ? a1t1



1 s0 ? v0t1 ? a1t12 2



式中, t1 ? 1s, s0 ? 4.5m 是木板碰前的位移, v0 是小物块和木板开始运动时的速度。 联立①②③式和题给条件得

?1 ? 0.1



5 / 12

在木板与墙壁碰撞后, 木板以 ?v1 的初速度向左做匀变速运动, 小物块以 v1 的初速度向右做匀 变速运动。设小物块的加速度为 a2 ,由牛顿第二定律有 由图可得
a2 ? v2 ? v1 t2 ? t1

??2 mg ? ma2




式中, t2 ? 2s, v2 ? 0, 联立⑤⑥式和题给条件得

?2 ? 0.4



(2)设碰撞后木板的加速度为 a3 ,经过时间 ?t ,木板和小物块刚好具有共同速度 v3 。由牛 顿第二定律及运动学公式得

?2mg ? ?1 (M ? m) g ? Ma3




v3 ? ?v1 ? a3?t

v3 ? v1 ? a2?t
s1 ?


?v1 ? v3 ?t 2

碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中,木板运动的位移为 ? 小物块运动的位移为
s2 ? v1 ? v3 ?t 2

? ?
?s ? 6.0m

小物块相对木板的位移为

?s ? s2 ? s1

联立⑥⑧⑨⑩???式,并代入数值得

?

因为运动过程中小物块没有脱离木板,所以木板的最小长度应为 6.0 m 。 (3)在小物块和木板具有共同速度后,两者向左做匀变速运动直至停止,设加速度为 a4 , 此过程中小物块和木板运动的位移为 s3 。由牛顿第二定律及运动学公式得

?1 (m ? M ) g ? (m ? M )a4

? ? ?
s ? ?6.5m

2 0 ? v3 ? 2a4 s3

碰后木板运动的位移为 s ? s1 ? s3 联立⑥⑧⑨⑩????式,并代入数值得 木板右端离墙壁的最终距离为 6.5m。

?

(第(1)问 7 分,①至⑦式各 1 分;第(2)问 8 分,⑧至?式各 1 分,?式 2 分;第(3) 问 5 分,?至?式各 1 分,?式 2 分。 )

6 / 12

2013 年物理真题(新课标卷 2)
14. C 15. C 16. D 17. A 18. B 19. ABD 20. BD 21. AC 2 3分
m gs2 3 分(2) 4h

22.(1)ABC

2 分(3)减小 增大 2分

23.(1)连线如图所示 2 分 (2)电流 电压 (3)黑 1 分 (4)1.00 880 2 分 24.解析:质点所受的电场力大小为 f ? qE



设置点质量为 m,经过 a 点和 b 嗲是的速度大小分别为 va 和 vb,由牛顿第二定律有
f ? Na ? m
2 va r



Nb ? f ? m

2 vb r



设指点经过 a 点和 b 点时的动能分别为 E Ka 和 E Kb 有
E Ka ? 1 2 mv a 2



E Ka ?

1 2 mv b 2



根据动能定理有

EKb ? EKa ? 2rf
E? 1 (Nb ? N a ) 6

⑥ ⑦

联①②③④⑤⑥立式得
E Ka ?

r r ( N b ? 5N a ) E Ka ? (5 N b ? N a ) ⑧ ⑨ 12 12 25.(1)从 t=0 时开始,木板与物块之间的摩擦力使物块加速,使木块减速,此过程一会持续到物 块和木板具有相同速度为止。 由图可知,在 t1=0.5s 时,物块和木板的速度相同。设 t=0 到 t= t1 时间间隔内,物块和木板的加速

度度大小分别为 a1 和 a2,则

a1 ?

v1 t1



a1 ?

v0 ? vt t1



式中 v0 ? 5m / s 、 v1 ? 1m / s 分别为模板在 t=0、t=t1 时速度大小。 设物块和木板的质量为 m,物块和木板间的动摩擦因数分别为 μ1、μ2,由牛顿第二定律得 μ1mg=ma1 ③ (μ1+2μ2)mg=ma2 ④ 联立①②③④式得 μ1=0.20 ⑤ μ2=0.30 ⑥ (2)在 t1 时刻后,地面对木板的摩擦力阻碍木板运动,物块和木板之间的摩擦力改变方向。设物 块与木板之间的摩擦力大小为 f,物块和木板的加速度大小分别为 a1 ' 和 a 2 ' ,则由牛顿第二定律得

f ? ma1 '



2?2 mg ? f ? ma2 '



假设 f ? ?1mg ,则 a1 ' ? a2 ' ;由式得 f ? ? 2 mg ? ?1mg ,与假设矛盾,故 f ? ?1mg ⑨ 由⑦⑨式知,物块加速度的大小 a1 ' 等于 a1 ;物块的 v-t 图像如图中点划线所示。 由运动学公式可推知,物块和木块相对于地面的运动距离分别为
7 / 12

v12 s1 ? 2 ? 2a1



v0 ? v1 v12 s2 ? t1 ? 2 2a1 '
s ? s1 ? s2

物 块 相 对 于 木 板 的 位 移 大 小 为 联立①⑤⑥⑧⑨⑩ 式得 s=1.125m

35.答案: (1)ABC 5分 1 13 2 2 mv 0 (2) (i) ?E ? mv 0 (ii) E P ? 10 分 16 48 【解析】 (1) 由结合能的定义分析可知原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能 量,A 正确;一重原子核衰变成α 粒子和另一原子核,衰变产物的核子的比结合能增加,又衰变过 程质量数守恒,故衰变产物核子的结合能之和一定大于原来重核的结合能,B 正确;组成原子的核 子越多,原子的结合能越高,故 C 正确;比结合能越大,原子核越稳定,D 错误;自由核子组成原 子核时,其质量亏损所对应的能量等于该原子核的结合能,E 错误。 (2) (i)从 A 压缩弹簧到 A 与 B 具有相同速度 v1 时,对 A、B 与弹簧组成的系统,由动量守恒定 律得 mv0=2mv1 ① 此时 B 与 C 发生完全非弹性碰撞,设碰撞后瞬时速度为 v2,损失的机械能为 ? E 对 B、C 组成的系 统,由动量守恒定律得 1 2 1 2 mv1 ? ?E ? (2m)v 2 mv1=2mv2 ② ③ 2 2 1 2 ?E ? mv 0 联立①②③式得 ④ 16 (ii)由式可知 v2 ? v1 ,A 将继续压缩弹簧,直至 A、B、C 三者速度相同,设此速度为 v3 ,此时弹 簧被压缩至最短,其弹性势能为 E P ,由动量守恒和能量守恒定律得

mv0 ? 3mv3
联立④⑤⑥式得 13 2 EP ? mv 0 48



1 2 1 2 mv 0 ? ?E ? (3m)v 2 ? EP 2 2





8 / 12

2014 年物理真题(课标卷 II)
14.A 15.B 16.C 17.C 18.B 19.AD 20.AC 21.BD 22. (6 分)Rx1 大于 小于 23.(9 分)(1)①81.7 ②0.0122 (2)如图所示

1.75 ? 10 1.67 ?10 1.83 ?10 (3) k ? (N/m) (在 之间均可) ? n n n
k?

3

3

3

3.31 3.62 3.47 (在 之间均可) ~ l0 l0 l0
1/k(m/N) 0.04

0.03

0.02

0.01

0

10

20

30

40

50

60

n

24. (13 分) 【解析】 (1)设运动员从开始自由下落至 1.5km 高度处的时间为 t ,下落距离为 h, v? gt 在 1.5km 高度处的速度大小为 v,由运动学公式有: 1 h ? g 2t 2 4 3 4 且 h ? 3.9 ?10 m ? 1.5 ?10 m ? 3.75 ?10 m 联立解得:t=87s v=8.7× 102m/s (2)运动员在达到最大速度 vm 时,加速度为零,由牛顿第二定律有: 2 M g? km v 由题图可读出 vm ? 360m / s 代入得:k=0.008kg/m
1 25. (19 分) 【解析】 (1) 在Δt 时间内, 导体棒扫过的面积为:?S ? ??t[(2r ) 2 ? r 2 ] ① 2 B?S 根据法拉第电磁感应定律,导体棒产生的感应电动势大小为: E ? ② ?t 根据右手定则,感应电流的方向是从 B 端流向 A 端,因此流过导体又的电流方向是从 C E 端流向 D 端;由欧姆定律流过导体又的电流满足: I ? ③ R 3? Br 2 联立①②③可得: I ? ④ 2R (2)在竖直方向有: mg ? 2FN ? 0 ⑤

式中,由于质量分布均匀,内外圆导轨对导体棒的正压力相等,其值为 FN,两导轨对运 动的导体棒的滑动摩擦力均为: Ff ? ? FN ⑥ 在Δt 时间内,导体棒在内外圆导轨上扫过的弧长分别为: l1 ? r??t

l2 ? 2 r ?? t
克服摩擦力做的总功为: Wf ? Ff (l1 ? l2 )
9 / 12

⑦ ⑧ ⑨

在Δt 时间内,消耗在电阻 R 上的功为: WR ? I 2 R?t 根据能量转化和守恒定律,外力在Δt 时间内做的功为 W ? Wf ? WR 外力的功率为: P ?
W ?t
2 2 4

1 0 ○ 11 ○ 1 2 ○ 13 ○

3 9? B r 由④至○ 12式可得: P = ? mg? r + 2 4R

35. ACE 【解析】按定义,物体运动的瞬时速度大小 v 为: v ?
?x ?t 式中 Δx 为物块在很短的时间 Δt 内的位移,设纸带上打出相邻两点的时间间隔为 ΔtA,则 ΔtA=1/f=0.02s ΔtA 可视为很短 设在 A 碰撞前后瞬时速度大小分别为 v0 和 v1 由图(b)所给数据可得:v0=2.00m/s v1=0.790m/s 设 B 碰撞后瞬时速度大小为 v2 d v2 ? ?2.56 m s / ?tB 设两滑块在碰撞前后的动量分别为 P 和 P? ,则 P ? m1v0

P? ? m1v1 ? m2v2 两滑块在碰撞前后总动量相对误差的绝对值为 P ? P? ?r ? ?100% P 联立各式代入数据得: ? r ? 1.7% ? 5% 因此,本实验在允许的误差范围内验证了动量守恒定律。

2015 年物理真题(课标卷 II)
14.D 15.C 16.B 17.A 18.BC 19.AC (2)C 20.BC (2 分) 21.BD 22.(6 分) (1)3.25; (2 分) 1.79; (2 分)

23.(9 分) 实验电路如图所示(2 分) (2)移动滑动变阻器的滑片,以保证通电后电压表所在支路分压最小(1 分) ;闭合开关 S1 、 S2 ,调节 R1 , 使电压表的指针满偏(1 分) ;保持华东变阻器滑片的位置不变(1 分) ,断开 S2 ,调节电阻箱 R0 使电压
10 / 12

表的指针半偏(1 分) ;读取电阻箱所示的电阻值,此即为测得的电压表内阻(1 分) (3) >(1 分)断开 S2 ,调节电阻箱使电压表成半偏状态,电压表所在支路总电阻增大,分得的电
' 压也增大;此时 R0 两端的电压大于电压表的半偏电压,故 RV ? RV (1 分,其他合理说法同样给分)

24.(12 分)设带电粒子在 B 点的速度大小为 vB 。粒子在垂直于电场方向的速度分量不变,即
vB sin 30o ? v0 sin 60o



由此得

vB ? 3v0


1 2 2 m ? vB ? v0 ? 2

设 A、B 两点间的电势差为 U AB ,由动能定理有 qU AB ? 联立②③式得 25.(20 分)



U AB

2 mv0 ? q



(1)在 0~2s 时间内,A 和 B 的受力如图所示,期中 f1 、 N1 是 A 和 B 之间的摩擦

力和正压力的大小, f 2 、 N 2 是 B 与 C 之间的摩擦力和正压力的大小,方向如图所示

f1 ? ?1N1 f 2 ? ?2 N2

① ③

N1 ? m g co? s N2 ? N1 ? mg cos?

② ④

规定沿斜面向下为正。设 A 和 B 的加速度分别为 a1 和 a2 ,由牛顿第二定律得

mg sin ? ? f1 ? ma1
联立①②③④⑤⑥式,并代入题给条件得
a1 ? 3m / s2



m gs i n ? ? 2f ? 1f ? m2a





a2 ? 1m / s2



(2)在 t1 ? 2s 时,设 A 和 B 的速度分别为 v1 和 v2 ,则

v1 ? a1t1 ? 6m / s



v2 ? a 2 t 1 ? 2m / s



' 。此时 A 与 B 之间摩擦力为零,同理可得 t ? t1 时,设 A 和 B 的加速度分别为 a1' 和 a2

a1' ? 6m / s2

?

' a2 ? ?2m / s2 ' v2 ? a ?0 2 t2

? ?

即 B 做减速运动。设经过时间 t 2 ,B 的速度减为零,则有
11 / 12

联立⑩? ? 式得

t2 ? 1s

?

1 ' 2? ? 1 2 1 ' 2? ?1 2 s ? ? a1 t1 ? v1 t2? a a2 t1? v2 t ? a2 ? t2 1 t2? ? ? 2 在 t1 ? t2 时间内, A 相对于 B 运动的距离为 2 2 ?2 ? ?2 ? ? 12m ? 27 m
? 此后 B 静止不动,A 继续在 B 上滑动。设再经过时间 t3 后 A 离开 B,则有

? ? s ? ? v1 ? a1' t2 ? t3 ? a1' t32
可得

1 2

? ⒄

t3 ? 1s

(另一解不合题意,舍去)

设 A 在 B 上总的运动时间为 t总 ,有

t总 ? 1 t ?t 4 s 2 ? t 3 ?



(利用下面的速度图象求解,正确的,参照上述答案信参考给分)

35.(15 分) (1)ACD (2) (10 分) (i)设 a、b 的质量分别为 m1 、 m2 ,a、b 碰撞前的速度为 ?1 、 ?2 。由题给图像得

?1 ? ?2m / s



?2 ? 1m / s



a、 b 发生完全非弹性碰撞,碰撞后两滑块的共同速度为 ? 。由题给图像得 ? ? 由动量守恒定律得 联立①②③④式得

2 m/s 3



m1? 1? m 2 ? 2?? m 1 ?m ? 2?
m1 : m2 ? 1:8




(ii)由能量守恒得,两滑块因碰撞而损失的机械能力 ?E ?

1 1 1 2 m1?12 ? m2?2 ? ? m1 ? m2 ?? 2 2 2 2



由图像可知,两滑块最后停止运动。由动能定理得,两滑块克服摩擦力所做的功为

W?
联立⑥⑦式,并代入题给数据得

1 ? m1 ? m2 ?? 2 2



W : ?E ? 1: 2



12 / 12


相关文章:
2015高考新课标全国卷1物理试题及答案(高清word)
2015高考新课标全国卷1物理试题及答案(高清word)_理化生_高中教育_教育专区。绝对精品 2015 年普通高等学校招生统一考试 物理试题二、选择题:本题共 8 小题,每...
2013年—2015年高考物理真题 相互作用
2013年2015年高考物理真题 相互作用_高考_高中教育_教育专区。2013年2015年...(2013 全国新课标理综 II 第 15 题)如图,在固定斜面上的一物块受到一外力 ...
2013-2015年全国卷1物理试题分析
2013-2015年全国卷1物理试题分析_高三理化生_理化生_高中教育_教育专区。2013 题号 14 题型 选择 考查知识点 匀变速直线运 动公式 难度 易 分值 6 考纲要求 ...
2015年高考物理试卷全国卷1(解析版)
2015年高考物理试卷全国卷1(解析版)_高考_高中教育_教育专区。2015 年高考物理试卷全国卷 1(解析版) 1.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。一...
2013-2015中考物理计算题专题(含答案)
2013-2015中考物理计算题专题(含答案)_初一理化生_理化生_初中教育_教育专区。复习题 2013 中考物理计算题分类复习一、串、并联电路计算: 1、在图 1 所示的电路...
2015年全国各省市高考理综物理试题及答案_图文
2015年全国各省市高考理综物理试题及答案_高考_高中教育_教育专区。12套全国各省市的2015年高考理综试题及答案 目录2015 年普通高等学校招生全国统一考试高(新课标 1...
2013年全国统一高考物理试卷(大纲版)答案与解析
2013 年全国统一高考物理试卷(大纲版)参考答案与试题解析 一、选择题: (本大...(2015 春?青阳县校级月考)纸面内两个半径均为 R 的圆相切于 O 点,两圆形...
2013-2015全国新课标理综物理试题命题分析
2013-2015 全国新课标理综物理试题命题分析 16 年理综物理部分考试说明的变化 15 年考点表述 16 年考点表述 变化说明问题 匀强电场中的电 势差与电场强度 的关系...
2015高考全国新课标2卷物理试题及答案_图文
2015高考全国新课标2卷物理试题及答案_理化生_高中教育_教育专区。2015高考全国新课标2卷物理试题及答案 2015 年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试物理...
2015全国新课标1物理试题及答案
2015全国新课标1物理试题及答案_高考_高中教育_教育专区。费县第二中学物理导学案 2015 年普通高等学校招生全国统一考试高 (新课标 1) 理科综合能力测试物理试题 ...
更多相关标签:
高考物理真题全国卷 | 高考物理真题及答案 | 中考物理真题及答案 | 全国高考物理真题3 3 | 物理化学考研真题答案 | 建筑物理考研真题答案 | cie物理真题答案 | 全国高中物理竞赛真题 |